9.(2020·湖北恩施2月教学质量检测)已知角α,β的顶点都为坐标原点,始边都与x轴的非负半轴重合,且都为第一象限的角,α,β终边上分别有点A(1,a),B(2,b),且α=2β,则+b的最小值为( )
A.1 B.
C. D.2
【答案】C.
【解析】:由已知得,a>0,b>0,tan α=a,tan β=,因为α=2β,所以tan α=tan 2β,
所以a==,所以+b=+b=+≥2=,当且仅当=,即b=时,取等号.故+b的最小值为.
10.《几何原本》第二卷的几何代数法(以几何方法研究代数问题)成了后世西方数学家处理问题的重要依据,通过这一原理,很多代数的公理或定理都能够通过图形实现证明,也称之为无字证明.现有如图所示的图形,点F在半圆O上,点C在半径OB上,且OF⊥AB,设AC=a,BC=b,则该图形可以完成的无字证明为( )
A.≥(a>0,b>0) B.a2+b2≥2ab(a>0,b>0)
C.≤(a>0,b>0) D.≤ (a>0,b>0)
【答案】 D
【解析】由图可知OF=AB=,OC=.
在Rt△OCF中,由勾股定理可得CF===.∵CF≥OF,
∴≥(a>0,b>0).故选D
11.(2020·江淮十校模拟)已知函数f(x)=|ln (x-1)|,若f(a)=f(b),则a+2b的取值范围为( )
A.(4,+∞) B.[3+2,+∞)
C.[6,+∞) D.(4,3+2]
【答案】B
【解析】∵函数f(x)=|ln (x-1)|,f(a)=f(b),且x>1,不妨设a<b,则1<a<2<b.∴-ln (a-1)=ln (b-1),∴=b-1,∴b=+1,∴a+2b=a++2=a-1++3≥3+2=3+2,当且仅当a=+1取等号,∴a+2b的取值范围是[3+2,+∞).
12.(2020·河北石家庄模拟)若a,b是正数,直线2ax+by-2=0被圆x2+y2=4截得的弦长为2,则t=a取得最大值时a的值为( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】因为圆心到直线的距离d=,则直线被圆截得的弦长L=2=2=2,所以4a2+b2=4.则t=a=·(2a)·≤××[(2a)2+()2]=·[8a2+1+2(4-4a2)]=,当且仅当时等号成立,此时a=,故选D.
A.1 B.
C. D.2
【答案】C.
【解析】:由已知得,a>0,b>0,tan α=a,tan β=,因为α=2β,所以tan α=tan 2β,
所以a==,所以+b=+b=+≥2=,当且仅当=,即b=时,取等号.故+b的最小值为.
10.《几何原本》第二卷的几何代数法(以几何方法研究代数问题)成了后世西方数学家处理问题的重要依据,通过这一原理,很多代数的公理或定理都能够通过图形实现证明,也称之为无字证明.现有如图所示的图形,点F在半圆O上,点C在半径OB上,且OF⊥AB,设AC=a,BC=b,则该图形可以完成的无字证明为( )
A.≥(a>0,b>0) B.a2+b2≥2ab(a>0,b>0)
C.≤(a>0,b>0) D.≤ (a>0,b>0)
【答案】 D
【解析】由图可知OF=AB=,OC=.
在Rt△OCF中,由勾股定理可得CF===.∵CF≥OF,
∴≥(a>0,b>0).故选D
11.(2020·江淮十校模拟)已知函数f(x)=|ln (x-1)|,若f(a)=f(b),则a+2b的取值范围为( )
A.(4,+∞) B.[3+2,+∞)
C.[6,+∞) D.(4,3+2]
【答案】B
【解析】∵函数f(x)=|ln (x-1)|,f(a)=f(b),且x>1,不妨设a<b,则1<a<2<b.∴-ln (a-1)=ln (b-1),∴=b-1,∴b=+1,∴a+2b=a++2=a-1++3≥3+2=3+2,当且仅当a=+1取等号,∴a+2b的取值范围是[3+2,+∞).
12.(2020·河北石家庄模拟)若a,b是正数,直线2ax+by-2=0被圆x2+y2=4截得的弦长为2,则t=a取得最大值时a的值为( )
A. B.
C. D.
【答案】D
【解析】因为圆心到直线的距离d=,则直线被圆截得的弦长L=2=2=2,所以4a2+b2=4.则t=a=·(2a)·≤××[(2a)2+()2]=·[8a2+1+2(4-4a2)]=,当且仅当时等号成立,此时a=,故选D.